(Resolvido) Passar variavel do Php Para Javascript

[alexpfo]

Pessoal, estou com um problema, tenho um player de video do flash, estilo youtube, só que para tocar o video ele pega o nome do arquvi direto de um codigo java script:

<script type="text/javascript">
var s1 = new SWFObject("midia/videos/mediaplayer.swf","mediaplayer","620","480","8");
s1.addParam("allowfullscreen","true");
s1.addVariable("width","620");
s1.addVariable("height","480");
s1.addVariable("file","video.flv");
s1.write("container");
</script>

e gostaria que ele pegasse o nome do arquvi que esta no banco, quando a pessoa seleciona tal video ele passase o string do php pra o javascript conforme o exemplo abaixo que não esta dando certo:

<script type="text/javascript">
var s1 = new SWFObject("midia/videos/mediaplayer.swf","mediaplayer","620","480","8");
s1.addParam("allowfullscreen","true");
s1.addVariable("width","620");
s1.addVariable("height","480");
s1.addVariable("file","<? echo $videofile;?>");
s1.write("container");
</script>

Se alguém puder me ajudar.

Obrigado

Editado Maio 30, 2008 por alexpfo
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[MLeandroJr!]

Da forma que o código está:

<script type="text/javascript">
var s1 = new SWFObject("midia/videos/mediaplayer.swf","mediaplayer","620","480","8");
s1.addParam("allowfullscreen","true");
s1.addVariable("width","620");
s1.addVariable("height","480");
s1.addVariable("file","<? echo $videofile;?>");
s1.write("container");
</script>

Um código PHP será executado e a variável $videofile será jogada no lugar do nome do arquivo.

Como está seu código PHP?

Você já verificou o caminho do arquivo para ver se está correto?

[alexpfo]

Da forma que o código está:

<script type="text/javascript">
var s1 = new SWFObject("midia/videos/mediaplayer.swf","mediaplayer","620","480","8");
s1.addParam("allowfullscreen","true");
s1.addVariable("width","620");
s1.addVariable("height","480");
s1.addVariable("file","<? echo $videofile;?>");
s1.write("container");
</script>

Um código PHP será executado e a variável $videofile será jogada no lugar do nome do arquivo.

Como está seu código PHP?

Você já verificou o caminho do arquivo para ver se está correto?

sim, o caminho é o local, já está o player onde estara os videos, dai não precisarei definir local somente o nome do arquivo, só que quando passo está variavel ele não lê, e se puxar o codigo fonte em html ele não aparece nada no nome do arquivo.

[MLeandroJr!]

Então tem alguma coisa errada em seu código PHP.

Posta ele pra vermos o que acontece.

[alexpfo]

Então tem alguma coisa errada em seu código PHP.

Posta ele pra vermos o que acontece.

Segue abaixo o codigo completo, ele recebe a variavel vid_id no sql pra saber qual video é pra tocar e depois teria que passar o campo vid_file que é o arquivo de video que teria que tocar.

<?
	include ("includes/funcoes.php");
 	include ("includes/config.inc.php");
    $db = new phpDB();
    $db->connect("$database_host", "$database_user", "$database_user_pass","$database_name") or die ("<center><font color='red'><p><b>Não foi possível conectar ao Banco de Dados. Por favor verefique as configurações do config/includes/global.inc.php</b></p></font></conter>");

$dbvideo = $db->execute("SELECT * FROM tab_videos WHERE vid_id='$_GET[idvid]'");

?>
<table width="620" border="0" cellspacing="0" cellpadding="0">
  <tr>
    <td align="center" valign="middle">
    <div id="container"></div>
	<script type="text/javascript" src="swfobject.js"></script>
	<script type="text/javascript">
		var s1 = new SWFObject("midia/videos/mediaplayer.swf","mediaplayer","620","480","8");
		s1.addParam("allowfullscreen","true");
		s1.addVariable("width","620");
		s1.addVariable("height","480");
		s1.addVariable("file","<?php $dbvideo->fields["vid_file"]; ?>");
		s1.write("container");
	</script>
    </td>
  </tr>
</table>



[/codebox]